浅谈求数列通项公式的几种方法（带例题）2008-11-14 10:44:00　阅读 次 参与讨论()

数列知识是高考中的重要考察内容,而数列的通项公式又是数列的核心内容之一,它如同函数中的解析式一样,有了解析式便可研究起性质等;而有了数列的通项公式便可求出任一项以及前N项和等.因此,求数列的通项公式往往是解题的突破口,关键点.故将求数列通项公式的方法做一总结,希望能对广大考生的复习有所帮助.下面我就谈谈求数列通项公式的几种方法：

一、累差法

递推式为：an+1=an+f(n)(f(n)可求和)

思路：:令n=1,2,…,n-1可得

a2-a1=f(1)

a3-a2=f(2)

a4-a3=f(3)

……

an-an-1=f(n-1)

将这个式子累加起来可得

an-a1=f(1)+f(2)+…+f(n-1)

∵f(n)可求和

∴an=a1+f(1)+f(2)+ …+f(n-1)

当然我们还要验证当n=1时,a1是否满足上式

例1、已知数列{a}中,a1=1,an+1=an+2,求an

解： 令n=1,2,…,n-1可得

a2-a1=2

a3-a2=22

a4-a3=23

……

an-an-1=2n-1

将这个式子累加起来可得

an-a1=f(1)+f(2)+…+f(n-1)

∵f(n)可求和

∴an=a1+f(1)+f(2)+…+f(n-1)

当n=1时,a1适合上式

故an=2n-1

二、累商法

递推式为：an+1=f(n)an（f(n)要可求积）

思路：令n=1,2, …,n-1可得

a2/a1=f(1)

a3/a2=f(2)

a4/a3=f(3)

……

an/an-1=f(n-1)

将这个式子相乘可得an/a1=f(1)f(2) …f(n-1)

∵f(n)可求积

∴an=a1f(1)f(2) …f(n-1)

当然我们还要验证当n=1时，a1是否适合上式

例2、在数列{an}中,a1=2,an+1=(n+1)an/n,求an

解： 令n=1,2, …,n-1可得

a2/a1=f(1)

a3/a2=f(2)

a4/a3=f(3)

……

an/an-1=f(n-1)

将这个式子相乘后可得an/a1=2/1×3/24×/3×…×n/(n-1)

即an=2n

当n=1时，an也适合上式

∴an=2n

三,构造法

1、递推关系式为an+1=pan+q (p,q为常数)

思路：设递推式可化为an+1+x=p(an+x),得an+1=pan+(p-1)x,解得x=q/(p-1)

故可将递推式化为an+1+x=p(an+x)

构造数列{bn},bn=an+q/(p-1)

bn+1=pbn即bn+1/bn=p,{bn}为等比数列.

故可求出bn=f(n)再将bn=an+q/(p-1)代入即可得an

例3、(06重庆)数列{an}中,对于n>1(n€N)有an=2an-1+3,求an

解：设递推式可化为an+x=2(an-1+x),得an=2an-1+x,解得x=3

故可将递推式化为an+3=2(an-1+3)

构造数列{bn},bn=an+3

bn=2bn-1即bn/bn-1=2,{bn}为等比数列且公比为3

bn=bn-1·3,bn=an+3

bn=4×3n-1

an+3=4×3n-1,an=4×3n-1-1

2、递推式为an+1=pan+qn(p,q为常数)

思路：在an+1=pan+qn两边同时除以qn+1得

an+1/qn+1=p/qan/qn+i/q

构造数列{bn},bn=an/qn可得bn+1=p/qbn+1/q

故可利用上类型的解法得到bn=f(n)

再将代入上式即可得an

例4、数列{an}中,a1+5/6,an+1=(1/3)an+(1/2)n,求an

解： 在an+1=(1/3)an+(1/2)n两边同时除以(1/2)n+1得

2n+1an+1=(2/3)×2nan+1

构造数列{bn},bn=2nan可得bn+1=(2/3)bn+1

故可利用上类型解法解得bn=3-2×(2/3)n

2nan=3-2×(2/3)n

an=3×(1/2)n-2×(1/3)n

3、递推式为：an+2=pan+1+qan（p,q为常数）

思路：设an+2=pan+1+qan变形为an+2-xan+1=y(an+1-xan)

也就是an+2=(x+y)an+1-(xy)an，则可得到x+y=p,xy= -q

解得x,y，于是｛bn｝就是公比为y的等比数列（其中bn=an+1-xan）

这样就转化为前面讲过的类型了．

例5、已知数列{an}中,a1=1,a2=2,an+2=(2/3)·an+1+(1/3)·an,求an

解：设an+2=(2/3)an+1+(1/3)an可以变形为an+2-xan+1=y(an+1-xan)

也就是an+2=(x+y)an+1-(xy)an，则可得到x+y=2/3,xy= -1/3

可取x=1,y= -1/3

构造数列｛bn｝，bn=an+1-an

故数列｛bn｝是公比为-1/3的等比数列

即bn=b1(-1/3)n-1

b1=a2-a1=2-1=1

bn=(-1/3)n-1

an+1-an=(-1/3)n-1

故我们可以利用上一类型的解法求得an=1+3/4×[1-(-1/3)n-1](n€N*)

四、利用sn和n、an的关系求an

1、利用sn和n的关系求an

思路：当n=1时，an=sn

当n≥2 时, an=sn-sn-1

例6、已知数列前项和s=n2+1,求{an}的通项公式.

解：当n=1时，an=sn＝2

当n≥2 时, an=sn-sn-1＝n+1-[(n-1)2+1]=2n-1

而n=1时，a1=2不适合上式

∴当n=1时，an=2

当n≥2 时, an=2n-1

2、利用sn和an的关系求an

思路：利用an=sn-sn-1可以得到递推关系式，这样我们就可以利用前面讲过的方法求解

例７、在数列｛an｝中，已知sn=3+2an，求an

解：即an=sn-sn-1=3+2an-(3+2an-1)

an=2an-1

∴｛an｝是以２为公比的等比数列

∴an=a1·2n-1= -3×2n-1

五、用不完全归纳法猜想,用数学归纳法证明.

思路:由已知条件先求出数列前几项，由此归纳猜想出an，再用数学归纳法证明

例8、(2002全国高考)已知数列{an}中,an+1=a2n-nan+1,a1=2,求an

解：由已知可得a1=2,a2=3,a3=4,a4=5,a5=6

由此猜想an=n+1，下用数学归纳法证明：

当n=1时，左边＝2，右边＝2，左边＝右边

即当n=1时命题成立

假设当n=k时，命题成立，即ak=k+1

则 ak+1=a2k-kak+1

=(k+1)2-k(k+1)+1

=k2+2k+1-k2-2k+1

=k+2

=(k+1)+1

∴当n=k+1时，命题也成立．

综合(1),(2),对于任意正整数有an=n+1成立

即an=n+1